NOIP 2009 最优贸易

描述

C 国有 n 个大城市和 m 条道路,每条道路连接这 n 个城市中的某两个城市。任意两个 城市之间最多只有一条道路直接相连。这 m 条道路中有一部分为单向通行的道路,一部分 为双向通行的道路,双向通行的道路在统计条数时也计为 1 条。 C 国幅员辽阔,各地的资源分布情况各不相同,这就导致了同一种商品在不同城市的价 格不一定相同。但是,同一种商品在同一个城市的买入价和卖出价始终是相同的。 商人阿龙来到 C 国旅游。当他得知同一种商品在不同城市的价格可能会不同这一信息 之后,便决定在旅游的同时,利用商品在不同城市中的差价赚回一点旅费。设 C 国 n 个城 市的标号从 1~ n,阿龙决定从 1 号城市出发,并最终在 n 号城市结束自己的旅行。在旅游的 过程中,任何城市可以重复经过多次,但不要求经过所有 n 个城市。阿龙通过这样的贸易方 式赚取旅费:他会选择一个经过的城市买入他最喜欢的商品――水晶球,并在之后经过的另 一个城市卖出这个水晶球,用赚取的差价当做旅费。由于阿龙主要是来 C 国旅游,他决定 这个贸易只进行最多一次,当然,在赚不到差价的情况下他就无需进行贸易。 假设 C 国有 5 个大城市,城市的编号和道路连接情况如下图,单向箭头表示这条道路 为单向通行,双向箭头表示这条道路为双向通行。 enter image description here 假设 1~n 号城市的水晶球价格分别为 4,3,5,6,1。 阿龙可以选择如下一条线路:1->2->3->5,并在 2 号城市以 3 的价格买入水晶球,在 3 号城市以 5 的价格卖出水晶球,赚取的旅费数为 2。 阿龙也可以选择如下一条线路 1->4->5->4->5,并在第 1 次到达 5 号城市时以 1 的价格 买入水晶球,在第 2 次到达 4 号城市时以 6 的价格卖出水晶球,赚取的旅费数为 5。 现在给出 n 个城市的水晶球价格,m 条道路的信息(每条道路所连接的两个城市的编号 以及该条道路的通行情况)。请你告诉阿龙,他最多能赚取多少旅费。

输入

第一行包含 2 个正整数 n 和 m,中间用一个空格隔开,分别表示城市的数目和道路的数目。 第二行 n 个正整数,每两个整数之间用一个空格隔开,按标号顺序分别表示这 n 个城市的商品价格。 接下来 m 行,每行有 3 个正整数,x,y,z,每两个整数之间用一个空格隔开。如果 z=1, 表示这条道路是城市 x 到城市 y 之间的单向道路;如果 z=2,表示这条道路为城市 x 和城市y 之间的双向道路。

输出

包含 1 个整数,表示最多能赚取的旅费。如果没有进行贸易, 样例输入

5 5 
4 3 5 6 1 
1 2 1 
1 4 1 
2 3 2 
3 5 1 
4 5 2

样例输出

5

提示 【数据范围】 输入数据保证 1 号城市可以到达 n 号城市。 对于 10%的数据,1≤n≤6。 对于 30%的数据,1≤n≤100。 对于 50%的数据,不存在一条旅游路线,可以从一个城市出发,再回到这个城市。 对于 100%的数据,1≤n≤100000,1≤m≤500000,1≤x,y≤n,1≤z≤2,1≤各城市 水晶球价格≤100。

解答

超级水的一道题。正反两开花建图,然后正着从1号节点跑,跑出到当前节点买入最低价。再反着从n开始跑,跑出当前节点可到达的卖出最高价。然后减一下就好了。水的一批

# include <iostream>
# include <queue>
# include <cstring>
# include <vector>
using namespace std;
const int MAXN = 100010;
vector<int> edges[MAXN];
vector<int> reedges[MAXN];
int mn[MAXN],mx[MAXN];
int vis[MAXN];
int price[MAXN];
int n,m;
void dfs1(int x,int minn){
	vis[x]++;
	mn[x] = min(minn,price[x]);
	for(int i = 0;i<edges[x].size();i++){
		int t = edges[x][i];
		if(vis[t]>3)continue;
		dfs1(t,mn[x]);
	}
} 
void dfs2(int x,int maxx){
	vis[x]++;
	mx[x] = max(price[x],maxx);
	for(int i = 0;i<reedges[x].size();i++){
		int t = reedges[x][i];
		if(vis[t]>3)continue;
		dfs2(t,mx[x]);
	}
}
int main(){
	cin>>n>>m;
	for(int i = 1;i<=n;i++)cin>>price[i];
	int x,y,z;
	for(int i = 1;i<=m;i++){
		cin>>x>>y>>z;
		if(z==1){
			edges[x].push_back(y);
			reedges[y].push_back(x);
		}else{
			edges[x].push_back(y),edges[y].push_back(x);
			reedges[x].push_back(y),reedges[y].push_back(x);
		}
	}
	dfs1(1,0x3f3f3f3f);
	memset(vis,0,sizeof(vis));
	dfs2(n,0);
	int ans = 0;
	for(int i = 1;i<=n;i++){
		if(mn[i]!=0&&mx[i]!=0){
			ans = max(ans,mx[i]-mn[i]);
		}
	}
	cout<<ans;
	return 0;
}